Az Egységes Fizikai Államvizsga 1. számú feladatában egy egyszerű kinematikai feladat megoldása szükséges. Ez lehet egy test vagy objektum útjának, sebességének, gyorsulásának megtalálása grafikon alapján egy állapotból.

Elmélet a fizika 1. számú feladatához

Egyszerűsített definíciók

Út - a test mozgásának vonala a térben, hossza van, méterben, centiméterben stb.

A sebesség a testhelyzet időegység alatti mennyiségi változása, m/s, km/h mértékegységben mérve.

A gyorsulás a sebesség változása időegységenként, m/s2-ben mérve.

Ha a test egyenletesen mozog, útja a képlet szerint változik

A derékszögű koordinátarendszerben:

S \u003d x - x 0, x - x 0 =vt, x=x 0 +vt.

Az egyenletes mozgás grafikonja egy egyenes. Például a test a koordinátapontból indult útjára x o \u003d 5, a test sebessége az v= 2 m/s. Ekkor a koordinátaváltozás függősége a következőképpen alakul: x=5+2t. A forgalmi grafikon pedig így néz ki:

Ha egy test sebességének az idő függvényében grafikonját téglalap alakú rendszerben ábrázoljuk, és a test egyenletesen vagy egyenletesen mozog, akkor az utat a háromszög területének meghatározásával lehet megtalálni:

vagy trapéz:

Térjünk át a feladatokra.

A fizika 1. számú feladatainak tipikus lehetőségeinek elemzése

Demo verzió 2018

Megoldási algoritmus:

1. Leírjuk a választ.

Megoldás:

1. A test sebessége 4 másodpercről 8 másodpercre 12 m/s-ról 4/s-ra változott. egyenletesen csökken.

2. Mivel a gyorsulás egyenlő a sebesség változásának és az idő hosszának arányával, amely alatt a változás bekövetkezett, a következőket kapjuk:

(4-12) / (8-4) = -8/4 = -2

A „–” jel azért van beállítva, mert a mozgás lassú volt, és egy ilyen mozgásnál a gyorsulás negatív értékű.

Válasz: - 2 m / s2

A feladat első változata (Demidova, 1. sz.)

Megoldási algoritmus:

1. Az ábrán figyelembe vesszük, hogyan mozgott a busz a megadott időtartam alatt.
2. A megtett távolságot az ábra területeként határozzuk meg.
3. Leírjuk a választ.

Megoldás:

1. A v sebesség és a t idő grafikonja alapján azt látjuk, hogy a busz az idő kezdeti pillanatában megállt. Az első 20 másodpercben 15 m/s-ig gyorsult. Aztán egyenletesen mozgott további 30 másodpercig. A grafikonon a sebesség időfüggősége trapéz.

2. A megtett S távolságot a trapéz területeként határozzuk meg.

Ennek a trapéznek az alapjai megegyeznek az időintervallumokkal: a = 50 s és b = 50-20 = 30 s, a magasság pedig a sebesség változását jelenti és egyenlő h = 15 m/s.

Ekkor a megtett távolság:

(50 + 30) 15 / 2 = 600

Válasz: 600 m

A feladat második változata (Demidova, 22. sz.)

Megoldási algoritmus:

1. Nézzünk egy grafikont az út és idő függvényében. Beállítjuk a sebesség változását a megadott időtartamra.
2. Meghatározzuk a sebességet.
3. Leírjuk a választ.

Megoldás:

Az út A-tól B-ig tartó szakasza az első szakasz. Ennél az intervallumnál az x koordináta 0,5 óra alatt egyenletesen növekszik nulláról 30 km-re, majd a sebességet a következő képlet segítségével találhatja meg:

(S-S0) / t \u003d (30 - 0) km / 0,5 h \u003d 60 km / h.

A feladat harmadik változata (Demidova, 30. sz.)

Megoldási algoritmus:

1. Az ábrán figyelembe vesszük, hogyan változott a test sebessége egy meghatározott idő alatt.
2. A gyorsulást a sebesség és az idő változásának arányaként határozzuk meg.
3. Leírjuk a választ.

Megoldás:

A 30 s és 40 s közötti időintervallumban a test sebessége egyenletesen 10-ről 15 m/s-ra nőtt. az az időintervallum, amely alatt a sebesség változása bekövetkezett, egyenlő:

40 s - 30 s = 10 s. És maga az időintervallum 15-10 \u003d 5m / s. Az autó a megadott intervallumon állandó gyorsulással mozgott. Akkor egyenlő:

Felkészülés az OGE-re és az egységes államvizsgára

Átlagos Általános oktatás

Vonal UMK A. V. Grachev. Fizika (10-11) (alap, haladó)

Vonal UMK A. V. Grachev. Fizika (7-9)

Vonal UMK A. V. Peryshkin. Fizika (7-9)

Felkészülés a fizika vizsgára: példák, megoldások, magyarázatok

A fizika vizsga (C lehetőség) feladatait a tanárral elemezzük.

Lebedeva Alevtina Sergeevna, fizikatanár, 27 éves szakmai tapasztalat. A Moszkvai Régió Oktatási Minisztériumának oklevele (2013), a Voskresensky Városi Kerület vezetőjének köszönete (2015), a Moszkvai Régió Matematika és Fizika Tanárok Szövetsége elnöki oklevele (2015).

A munka különböző bonyolultságú feladatokat mutat be: alap, haladó és magas. Az alapszintű feladatok egyszerű feladatok, amelyek a legfontosabbak asszimilációját tesztelik fizikai fogalmak, modellek, jelenségek és törvények. Az emelt szintű feladatok arra irányulnak, hogy teszteljék a fizika fogalmainak és törvényeinek felhasználási képességét különböző folyamatok és jelenségek elemzésére, valamint az egy vagy két törvény (képlet) alkalmazására vonatkozó problémamegoldási képesség tesztelését bármely témakörben. iskolai fizika tanfolyam. A 4. munkában a 2. rész feladatai nagy bonyolultságú feladatok, és a fizika törvényeinek és elméleteinek megváltozott vagy új helyzetben való alkalmazásának képességét tesztelik. Az ilyen feladatok teljesítéséhez egyszerre két három fizika szakterület ismereteinek alkalmazására van szükség, azaz. magas szintű képzés. Ez az opció teljes mértékben összhangban van a demóval USE opciót 2017, a feladatok az USE feladatok nyílt bankjából származnak.

Az ábrán a sebességmodul időfüggésének grafikonja látható t. Határozza meg a grafikonon az autó által megtett utat 0 és 30 s közötti időintervallumban!

Megoldás. Az autó által a 0 és 30 s közötti időintervallumban megtett utat legegyszerűbben egy trapéz területeként határozzuk meg, melynek alapja a (30 - 0) = 30 s és (30 - 10) időintervallum. = 20 s, a magasság pedig a sebesség v= 10 m/s, azaz

S =	(30 + 20) Val vel	10 m/s = 250 m.
	2

Válasz. 250 m

Egy 100 kg-os tömeget egy kötéllel függőlegesen felfelé emelnek. Az ábra a sebességvetítés függését mutatja V terhelés a tengelyen felfelé irányítva, időről t. Határozza meg a kábelfeszesség modulusát emelés közben.

Megoldás. A sebesség vetületi görbe szerint v terhelés egy függőlegesen felfelé irányuló tengelyre, időtől kezdve t, meghatározhatja a terhelés gyorsulásának vetületét

a =	∆v	=	(8 – 2) m/s	\u003d 2 m/s 2.
	∆t		3 s

A terhelésre a függőlegesen lefelé irányuló gravitáció és a kábel mentén függőlegesen felfelé irányuló kábelfeszítő erő hat, lásd az ábrát. 2. Írjuk fel a dinamika alapegyenletét! Használjuk Newton második törvényét. geometriai összeg a testre ható erők egyenlőek a test tömegének és a rá adott gyorsulásnak a szorzatával.

+ = (1)

Írjuk fel a vektorok vetületének egyenletét a földhöz tartozó vonatkoztatási keretben, az OY tengely felfelé fog irányulni. A feszítőerő vetülete pozitív, mivel az erő iránya egybeesik az OY tengely irányával, a gravitációs erő vetülete negatív, mivel az erővektor ellentétes az OY tengellyel, a gyorsulásvektor vetülete szintén pozitív, így a test gyorsulással halad felfelé. Nekünk van

T – mg = ma (2);

a (2) képletből a feszítőerő modulusa

T = m(g + a) = 100 kg (10 + 2) m/s 2 = 1200 N.

Válasz. 1200 N.

A testet egy durva vízszintes felületen, állandó sebességgel, 1,5 m/s modulussal húzzuk végig, az (1) ábrán látható erővel. Ebben az esetben a testre ható csúszósúrlódási erő modulja 16 N. Mekkora az erő által kifejtett teljesítmény F?

Megoldás. Képzeld el fizikai folyamat, a probléma feltételében megadott, és készítsen vázlatos rajzot, amelyen feltünteti a testre ható összes erőt (2. ábra). Írjuk fel a dinamika alapegyenletét.

Tr + + = (1)

A rögzített felülethez tartozó vonatkoztatási rendszer kiválasztását követően egyenleteket írunk a vektorok vetületére a kiválasztott koordinátatengelyekre. A probléma állapotának megfelelően a test egyenletesen mozog, mivel sebessége állandó és 1,5 m/s. Ez azt jelenti, hogy a test gyorsulása nulla. Két erő hat vízszintesen a testre: csúszósúrlódási erő tr. és az erő, amellyel a testet vonszolják. A súrlódási erő vetülete negatív, mivel az erővektor nem esik egybe a tengely irányával x. Erővetítés F pozitív. Emlékeztetünk arra, hogy a vetítés megtalálásához a merőlegest a vektor elejétől és végétől a kiválasztott tengelyre engedjük le. Ezt szem előtt tartva a következőket kínáljuk: F kötözősaláta- F tr = 0; (1) kifejezni az erő vetületét F, ez F cosα = F tr = 16 N; (2) akkor az erő által kifejlesztett teljesítmény egyenlő lesz N = F cosα V(3) Végezzünk cserét a (2) egyenlet figyelembevételével, és helyettesítsük be a (3) egyenletben a megfelelő adatokat:

N\u003d 16 N 1,5 m/s \u003d 24 W.

Válasz. 24 W.

A 200 N/m merevségű könnyű rugóra rögzített terhelés függőlegesen oszcillál. Az ábra az eltolás diagramját mutatja x rakomány az időből t. Határozza meg a rakomány súlyát. Válaszát kerekítse a legközelebbi egész számra.

Megoldás. A rugóra ható súly függőlegesen oszcillál. A terhelési elmozdulási görbe szerint x időről t, határozza meg a terhelés ingadozási periódusát. Az oszcillációs periódus az T= 4 s; a képletből T= 2π a tömeget fejezzük ki m szállítmány.

=	T	;	m	=	T 2	; m = k	T 2	; m= 200 H/m	(4 s) 2	= 81,14 kg ≈ 81 kg.
	2π		k		4π 2		4π 2		39,438

Válasz: 81 kg.

Az ábrán két könnyűszerkezetes blokkból és egy súlytalan kábelből álló rendszer látható, amellyel 10 kg-os terhet egyensúlyozhat vagy emelhet. A súrlódás elhanyagolható. A fenti ábra elemzése alapján válassza ki kétigaz állításokés a válaszban tüntesd fel számukat.

1. A terhelés egyensúlyban tartása érdekében 100 N erővel kell hatnia a kötél végére.
2. Az ábrán látható blokkrendszer nem ad erőnövekedést.
3. h, ki kell húznia egy 3 hosszúságú kötélszakaszt h.
4. Teher lassú emelése magasba hh.

Megoldás. Ebben a feladatban egyszerű mechanizmusokat kell felidézni, nevezetesen a blokkokat: egy mozgatható és egy rögzített blokkot. A mozgatható blokk kétszeres erőnövekedést ad, míg a kötélszakaszt kétszer hosszabbra kell húzni, és a rögzített blokk az erő átirányítására szolgál. A munkában az egyszerű nyerési mechanizmusok nem adnak. A probléma elemzése után azonnal kiválasztjuk a szükséges állításokat:

1. Teher lassú emelése magasba h, ki kell húznia egy 2 hosszúságú kötélszakaszt h.
2. A terhelés egyensúlyban tartása érdekében 50 N erővel kell hatnia a kötél végére.

Válasz. 45.

Egy súlytalan és nyújthatatlan szálra rögzített alumínium súlyt teljesen bemerítenek egy vízzel töltött edénybe. A rakomány nem érinti az edény falát és alját. Ezután ugyanabba az edénybe vízzel egy vasterhelést merítenek, amelynek tömege megegyezik az alumínium rakomány tömegével. Hogyan változik ennek hatására a menet feszítőerejének modulusa és a terhelésre ható gravitációs erő modulusa?

1. növekszik;
2. Csökken;
3. Nem változik.

Megoldás. Elemezzük a probléma állapotát, és kiválasztjuk azokat a paramétereket, amelyek a vizsgálat során nem változnak: ez a test tömege és a folyadék, amelybe a test a fonalakon belemerül. Ezt követően célszerűbb vázlatos rajzot készíteni, és feltüntetni a terhelésre ható erőket: a menetfeszítés erejét F vezérlés, a menet mentén felfelé irányítva; függőlegesen lefelé irányuló gravitáció; Arkhimédeszi erő a, a folyadék oldaláról hatva a bemerült testre és felfelé irányítva. A feladat feltételének megfelelően a terhek tömege azonos, ezért a terhelésre ható gravitációs erő modulusa nem változik. Mivel az áruk sűrűsége eltérő, a mennyiség is más lesz.

V =	m	.
	p

A vas sűrűsége 7800 kg / m 3, az alumínium terhelése 2700 kg / m 3. Következésképpen, Vés< Va. A test egyensúlyban van, a testre ható összes erő eredője nulla. Irányítsuk felfelé az OY koordinátatengelyt. A dinamika alapegyenletét, figyelembe véve az erők vetületét, alakba írjuk F ex + Fa – mg= 0; (1) Kifejezzük a feszítőerőt F extr = mg – Fa(2); Az arkhimédeszi erő a folyadék sűrűségétől és az elmerült testrész térfogatától függ Fa = ρ gV p.h.t. (3); A folyadék sűrűsége nem változik, és a vastest térfogata kisebb Vés< Va, így a vasterhelésre ható arkhimédészi erő kisebb lesz. Következtetést vonunk le a menetfeszítő erő modulusáról, a (2) egyenlettel dolgozva, az növekedni fog.

Válasz. 13.

Bar tömeg m lecsúszik egy rögzített durva ferde síkról α szöggel az alapnál. A rúd gyorsulási modulusa egyenlő a, a rúdsebesség modulusa nő. A légellenállás elhanyagolható.

Állítson fel egyezést a fizikai mennyiségek és a képletek között, amellyel kiszámíthatók. Az első oszlop minden pozíciójához válassza ki a megfelelő pozíciót a második oszlopból, és írja le a kiválasztott számokat a táblázatba a megfelelő betűk alá.

B) A rúd súrlódási tényezője a ferde síkon

3) mg cosα

4) sinα -	a
	g cosα

Megoldás. Ez a feladat Newton törvényeinek alkalmazását igényli. Javasoljuk vázlatos rajz készítését; jelzi a mozgás összes kinematikai jellemzőjét. Ha lehetséges, ábrázolja a gyorsulásvektort és a mozgó testre ható összes erő vektorait; ne feledje, hogy a testre ható erők más testekkel való kölcsönhatás eredménye. Ezután írja fel a dinamika alapegyenletét. Válasszunk egy referenciarendszert, és írjuk fel az eredményül kapott egyenletet az erő- és gyorsulásvektorok vetítésére;

A javasolt algoritmust követve vázlatos rajzot készítünk (1. ábra). Az ábrán a rúd súlypontjára ható erők és a ferde sík felületéhez tartozó vonatkoztatási rendszer koordinátatengelyei láthatók. Mivel minden erő állandó, a rúd mozgása a sebesség növekedésével egyformán változó lesz, pl. a gyorsulásvektor a mozgás irányába irányul. Válasszuk meg a tengelyek irányát az ábrán látható módon. Írjuk fel az erők vetületeit a kiválasztott tengelyekre.

Írjuk fel a dinamika alapegyenletét:

Tr + = (1)

Írjuk fel ezt az (1) egyenletet az erők és a gyorsulás vetületére.

Az OY tengelyen: a támasz reakcióerejének vetülete pozitív, mivel a vektor egybeesik az OY tengely irányával N y = N; a súrlódási erő vetülete nulla, mivel a vektor merőleges a tengelyre; a gravitáció vetülete negatív és egyenlő lesz mgy= – mg cosα; gyorsulás vektor vetítés a y= 0, mivel a gyorsulásvektor merőleges a tengelyre. Nekünk van N – mg cosα = 0 (2) az egyenletből a rúdra ható reakcióerőt fejezzük ki a ferde sík oldaláról. N = mg cosα (3). Írjuk fel a vetületeket az OX tengelyre.

Az OX tengelyen: erővetítés N egyenlő nullával, mivel a vektor merőleges az OX tengelyre; A súrlódási erő vetülete negatív (a vektor a kiválasztott tengelyhez képest ellenkező irányban irányul); a gravitáció vetülete pozitív és egyenlő mg x = mg sinα(4) of derékszögű háromszög. Pozitív gyorsulás-vetítés egy x = a; Ezután felírjuk az (1) egyenletet a vetület figyelembevételével mg sinα- F tr = ma (5); F tr = m(g sinα- a) (6); Ne feledje, hogy a súrlódási erő arányos az erővel normál nyomás N.

Definíció szerint F tr = μ N(7), kifejezzük a rúd súrlódási együtthatóját a ferde síkon.

μ =	F tr	=	m(g sinα- a)	= tanα –	a	(8).
	N		mg cosα		g cosα

Minden betűhöz kiválasztjuk a megfelelő pozíciókat.

Válasz. A-3; B-2.

8. feladat Gáz halmazállapotú oxigén egy 33,2 literes edényben van. A gáz nyomása 150 kPa, hőmérséklete 127 °C. Határozza meg a gáz tömegét ebben az edényben. Adja meg válaszát grammban, és kerekítse a legközelebbi egész számra!

Megoldás. Fontos odafigyelni a mértékegységek SI rendszerre való átszámítására. Átalakítsa a hőmérsékletet Kelvinre T = t°С + 273, kötet V\u003d 33,2 l \u003d 33,2 10 -3 m 3; A nyomást fordítjuk P= 150 kPa = 150 000 Pa. Az ideális gáz állapotegyenletének felhasználásával

fejezzük ki a gáz tömegét.

Ügyeljen arra, hogy melyik egységbe írja le a választ. Ez nagyon fontos.

Válasz. 48

9. feladat. Ideális egyatomos gáz 0,025 mol mennyiségben adiabatikusan expandált. Ugyanakkor a hőmérséklete +103°С-ról +23°С-ra csökkent. Milyen munkát végez a gáz? Adja meg válaszát Joule-ban, és kerekítse a legközelebbi egész számra.

Megoldás. Először is, a gáz a szabadsági fokok egyatomszáma én= 3, másodszor, a gáz adiabatikusan tágul – ez azt jelenti, hogy nincs hőátadás K= 0. A gáz úgy működik, hogy csökkenti a belső energiát. Ezt szem előtt tartva a termodinamika első főtételét úgy írjuk fel, hogy 0 = ∆ U + A G; (1) kifejezzük a gáz munkáját A g = –∆ U(2); A belső energia változását egy monoatomos gázra így írjuk

Válasz. 25 J.

A levegő egy részének relatív páratartalma egy bizonyos hőmérsékleten 10%. Hányszor kell változtatni ennek a levegőrésznek a nyomását, hogy a relatív páratartalma 25%-kal növekedjen állandó hőmérsékleten?

Megoldás. A telített gőzzel és a levegő páratartalmával kapcsolatos kérdések leggyakrabban az iskolások számára okoznak nehézséget. Használjuk a képletet a számításhoz relatív páratartalom levegő

A probléma állapotának megfelelően a hőmérséklet nem változik, ami azt jelenti, hogy a telítési gőznyomás változatlan marad. Írjunk fel (1) képletet a levegő két állapotára.

φ 1 \u003d 10%; φ 2 = 35%

A (2), (3) képletből fejezzük ki a légnyomást, és keressük meg a nyomások arányát.

P 2	=	φ 2	=	35	= 3,5
P 1		φ 1		10

Válasz. A nyomást 3,5-szeresére kell növelni.

A folyékony halmazállapotú forró anyagot olvasztókemencében állandó teljesítmény mellett lassan lehűtöttük. A táblázat egy anyag hőmérsékletének időbeli mérési eredményeit mutatja.

Válasszon a javasolt listából két a mérési eredményeknek megfelelő állításokat és azok számát feltüntetve.

1. Az anyag olvadáspontja ilyen körülmények között 232°C.
2. 20 perc múlva. a mérések megkezdése után az anyag csak szilárd állapotban volt.
3. Egy anyag hőkapacitása folyékony és szilárd állapotban azonos.
4. 30 perc elteltével. a mérések megkezdése után az anyag csak szilárd állapotban volt.
5. Az anyag kristályosodási folyamata több mint 25 percig tartott.

Megoldás. Ahogy az anyag lehűlt, belső energiája csökkent. A hőmérsékletmérés eredményei lehetővé teszik annak a hőmérsékletnek a meghatározását, amelyen az anyag kristályosodni kezd. Amíg egy anyag folyékony halmazállapotból szilárd halmazállapotúvá változik, addig a hőmérséklet nem változik. Tudva, hogy az olvadási hőmérséklet és a kristályosodási hőmérséklet azonos, a következő állítást választjuk:

1. Egy anyag olvadáspontja ilyen körülmények között 232°C.

A második helyes állítás:

4. 30 perc elteltével. a mérések megkezdése után az anyag csak szilárd állapotban volt. Mivel a hőmérséklet ebben az időpontban már a kristályosodási hőmérséklet alatt van.

Válasz. 14.

Izolált rendszerben az A test hőmérséklete +40°C, a B test hőmérséklete +65°C. Ezek a testek termikus érintkezésbe kerülnek egymással. Egy idő után beáll a termikus egyensúly. Hogyan változott ennek hatására a B test hőmérséklete, valamint az A és B test teljes belső energiája?

Minden egyes értéknél határozza meg a változás megfelelő jellegét:

1. Megnövekedett;
2. Csökkent;
3. Nem változott.

Írja be a táblázatba az egyes fizikai mennyiségekhez kiválasztott számokat! A válaszban szereplő számok megismétlődhetnek.

Megoldás. Ha egy izolált testrendszerben a hőcsere kivételével nem történik energiaátalakulás, akkor az olyan testek által leadott hőmennyiség, amelyek belső energiája csökken, megegyezik azon testek hőmennyiségével, amelyek belső energiája nő. (Az energiamegmaradás törvénye szerint.) Ebben az esetben a rendszer teljes belső energiája nem változik. Az ilyen típusú feladatok megoldása a hőmérleg egyenlet alapján történik.

∆U = ∑	n	∆U i = 0 (1);
	én = 1

ahol ∆ U- belső energia változása.

Esetünkben a hőátadás hatására a B test belső energiája csökken, ami azt jelenti, hogy ennek a testnek a hőmérséklete csökken. Az A test belső energiája növekszik, mivel a test a B testtől kapott hőmennyiséget, akkor a hőmérséklete nő. Az A és B test teljes belső energiája nem változik.

Válasz. 23.

Proton p, amely az elektromágnes pólusai közötti résbe repül, sebessége merőleges az indukciós vektorra mágneses mező, ahogy a képen is látszik. Hol van a protonra ható Lorentz-erő az ábrához képest (felfelé, a megfigyelő felé, a megfigyelőtől távol, le, balra, jobbra)

Megoldás. A mágneses tér Lorentz-erővel hat egy töltött részecskére. Ennek az erőnek az irányának meghatározásához fontos megjegyezni a bal kéz mnemonikus szabályát, ne felejtsük el figyelembe venni a részecske töltését. A bal kéz négy ujját a sebességvektor mentén irányítjuk, pozitív töltésű részecske esetén a vektornak merőlegesen kell bejutnia a tenyérbe, a 90 ° -kal félretett hüvelykujj a részecskére ható Lorentz-erő irányát mutatja. Ennek eredményeként azt kaptuk, hogy a Lorentz-erővektor az ábrához képest a megfigyelőtől elfelé irányul.

Válasz. a szemlélőtől.

Az 50 μF kapacitású lapos légkondenzátor elektromos térerősségének modulusa 200 V/m. A kondenzátorlapok közötti távolság 2 mm. Mennyi a töltés a kondenzátoron? Írja le a választ µC-ban.

Megoldás. Váltsunk át minden mértékegységet SI rendszerre. Kapacitás C \u003d 50 μF \u003d 50 10 -6 F, a lemezek közötti távolság d= 2 10 -3 m. A probléma egy lapos légkondenzátorral foglalkozik - elektromos töltés és elektromos térenergia felhalmozására szolgáló eszköz. Az elektromos kapacitás képletből

ahol d a lemezek közötti távolság.

Kifejezzük a feszültséget U= E d(négy); Helyettesítse a (4)-et a (2)-ben, és számítsa ki a kondenzátor töltését.

q = C · Szerk\u003d 50 10 -6 200 0,002 \u003d 20 μC

Ügyeljen az egységekre, amelyekben a választ kell írnia. Medálban kaptuk, de μC-ban mutatjuk be.

Válasz. 20 µC.

A diák a fényképen bemutatott fénytörési kísérletet végezte. Hogyan változik az üvegben terjedő fény törésszöge és az üveg törésmutatója a beesési szög növekedésével?

1. növekszik
2. Csökken
3. Nem változik
4. Jegyezze fel a táblázatba minden válaszhoz a kiválasztott számokat! A válaszban szereplő számok megismétlődhetnek.

Megoldás. Egy ilyen terv feladataiban felidézzük, mi a fénytörés. Ez a hullám terjedési irányának változása az egyik közegből a másikba való áthaladáskor. Ennek oka, hogy ezekben a közegekben eltérő a hullámterjedés sebessége. Miután kitaláltuk, melyik közegből melyikbe terjed a fény, a törés törvényét a formába írjuk

sinα	=	n 2	,
sinβ		n 1

ahol n 2 – abszolút mutató az üveg törése, az a közeg, ahová a fény eljut; n 1 az első közeg abszolút törésmutatója, ahonnan a fény származik. Levegőért n 1 = 1. α a sugár beesési szöge az üvegfélhenger felületén, β a sugár törésszöge az üvegben. Ezenkívül a törésszög kisebb lesz, mint a beesési szög, mivel az üveg optikailag sűrűbb közeg - magas törésmutatójú közeg. Az üvegben a fény terjedési sebessége lassabb. Kérjük, vegye figyelembe, hogy a szögeket a sugár beesési pontjában helyreállított merőlegestől mérik. Ha növeli a beesési szöget, akkor a törésszög is nő. Az üveg törésmutatója ettől nem fog változni.

Válasz.

Réz jumper időben t A 0 = 0 2 m/s sebességgel indul el párhuzamos vízszintes vezetősínek mentén, melyek végeihez 10 ohmos ellenállás kapcsolódik. Az egész rendszer függőleges, egyenletes mágneses térben van. A jumper és a sínek ellenállása elhanyagolható, a jumper mindig merőleges a sínekre. A mágneses indukciós vektor fluxusa a jumper, a sínek és az ellenállás által alkotott áramkörön keresztül idővel változik t a diagramon látható módon.

A grafikon segítségével válasszon ki két igaz állítást, és adja meg a számukat a válaszában!

1. Mire t\u003d 0,1 s, az áramkörön keresztüli mágneses fluxus változása 1 mWb.
2. Indukciós áram a jumperben a tól tartományban t= 0,1 s t= 0,3 s max.
3. Az áramkörben előforduló indukció EMF modulja 10 mV.
4. A jumperben folyó induktív áram erőssége 64 mA.
5. A jumper mozgásának fenntartása érdekében erőt fejtenek ki rá, amelynek vetülete a sínek irányára 0,2 N.

Megoldás. A mágneses indukciós vektor áramkörön áthaladó áramlásának időfüggésének grafikonja alapján meghatározzuk azokat a szakaszokat, ahol az áramlás Ф változik, és ahol az áramlás változása nulla. Ez lehetővé teszi számunkra, hogy meghatározzuk azokat az időintervallumokat, amelyekben az induktív áram fellép az áramkörben. Helyes állítás:

1) Mire t= 0,1 s az áramkörön átmenő mágneses fluxus változása 1 mWb ∆F = (1 - 0) 10 -3 Wb; Az áramkörben előforduló indukciós EMF modult az EMP törvény alapján határozzák meg

Válasz. 13.

Az 1 mH induktivitású elektromos áramkörben az áramerősség időtől való függésének grafikonja szerint határozza meg az önindukciós EMF modult 5 és 10 másodperc közötti időintervallumban. Válaszát írja le mikrovoltban.

Megoldás. Váltsunk át minden mennyiséget SI rendszerbe, azaz. 1 mH induktivitását H-ra fordítjuk, 10 -3 H-t kapunk. Az ábrán látható áramerősség mA-ban szintén A-ra lesz konvertálva, ha megszorozzuk 10 -3-mal.

Az önindukciós EMF képletnek megvan a formája

ebben az esetben az időintervallumot a probléma állapotának megfelelően adjuk meg

∆t= 10 s – 5 s = 5 s

másodperc, és az ütemterv szerint meghatározzuk az aktuális változás időközét ez idő alatt:

∆én= 30 10 –3 – 20 10 –3 = 10 10 –3 = 10 –2 A.

A számértékeket behelyettesítjük a (2) képletbe, megkapjuk

| Ɛ | \u003d 2 10 -6 V vagy 2 μV.

Válasz. 2.

Két átlátszó sík-párhuzamos lemezt szorosan egymáshoz nyomnak. A levegőből fénysugár esik az első lemez felületére (lásd az ábrát). Ismeretes, hogy a felső lemez törésmutatója egyenlő n 2 = 1,77. Állítson fel egyezést a fizikai mennyiségek és értékeik között. Az első oszlop minden pozíciójához válassza ki a megfelelő pozíciót a második oszlopból, és írja le a kiválasztott számokat a táblázatba a megfelelő betűk alá.

Megoldás. A két közeg határfelületén a fénytörés problémáinak megoldására, különösen a fény síkpárhuzamos lemezeken való áthaladásával kapcsolatos problémák megoldására a következő megoldási sorrend javasolható: készítsen rajzot az egyikből érkező sugarak útját jelző rajzzal. közepes a másiknak; a nyaláb beesési pontján a két közeg határfelületén rajzoljunk egy normált a felületre, jelöljük meg a beesési és törési szögeket. Különös figyelmet kell fordítani a szóban forgó közeg optikai sűrűségére, és ne feledje, hogy amikor egy fénysugár optikailag kevésbé sűrű közegből optikailag sűrűbb közegbe kerül, a törésszög kisebb lesz, mint a beesési szög. Az ábra a beeső sugár és a felület közötti szöget mutatja, és szükségünk van a beesési szögre. Ne feledje, hogy a szögeket a beesési pontban helyreállított merőleges határozza meg. Meghatározzuk, hogy a sugár beesési szöge a felületen 90° - 40° = 50°, a törésmutató n 2 = 1,77; n 1 = 1 (levegő).

Írjuk fel a fénytörés törvényét

sinβ =	sin50	= 0,4327 ≈ 0,433
	1,77

Építsük meg a gerenda hozzávetőleges útját a lemezeken keresztül. Az (1) képletet használjuk a 2–3 és 3–1 határokhoz. Válaszul kapunk

A) A sugár beesési szögének szinusza a lemezek közötti 2–3 határon 2) ≈ 0,433;

B) A nyaláb törésszöge a 3–1 határon (radiánban) 4) ≈ 0,873.

Válasz. 24.

Határozza meg, hány α-részecske és hány proton keletkezik a termonukleáris fúziós reakció eredményeként

+ → x+ y;

Megoldás. Mindenkinek nukleáris reakciók betartják az elektromos töltés és a nukleonok számának megmaradásának törvényeit. Jelölje x az alfa részecskék számát, y a protonok számát. Alkossunk egyenleteket

+ → x + y;

megoldani a rendszert, amivel rendelkezünk x = 1; y = 2

Válasz. 1 – α-részecske; 2 - protonok.

Az első foton impulzusmodulusa 1,32 · 10 -28 kg m/s, ami 9,48 · 10 -28 kg m/s-mal kisebb, mint a második foton impulzusmodulja. Határozzuk meg a második és az első foton E 2 /E 1 energiaarányát! Válaszát kerekítse tizedekre.

Megoldás. A második foton impulzusa feltétel szerint nagyobb, mint az első foton lendülete, tehát el tudjuk képzelni p 2 = p 1 + ∆ p(egy). A foton energiája a foton impulzusával fejezhető ki a következő egyenletekkel. azt E = mc 2. (1) bekezdése és p = mc(2), akkor

E = pc (3),

ahol E a foton energia, p a foton lendülete, m a foton tömege, c= 3 10 8 m/s a fénysebesség. A (3) képletet figyelembe véve a következőket kapjuk:

E 2	=	p 2	= 8,18;
E 1		p 1

A választ tizedekre kerekítjük, és 8,2-t kapunk.

Válasz. 8,2.

Az atommag radioaktív pozitron β-bomláson ment keresztül. Hogyan változtatta meg ez az atommag elektromos töltését és a benne lévő neutronok számát?

Minden egyes értéknél határozza meg a változás megfelelő jellegét:

1. Megnövekedett;
2. Csökkent;
3. Nem változott.

Írja be a táblázatba az egyes fizikai mennyiségekhez kiválasztott számokat! A válaszban szereplő számok megismétlődhetnek.

Megoldás. Pozitron β - bomlás az atommagban, amikor egy proton neutronná alakul pozitron kibocsátásával. Ennek eredményeként az atommagban lévő neutronok száma eggyel nő, az elektromos töltés eggyel csökken, és az atommag tömegszáma változatlan marad. Így egy elem átalakulási reakciója a következő:

Válasz. 21.

Öt kísérletet végeztünk a laboratóriumban a diffrakció megfigyelésére különféle diffrakciós rácsokkal. Mindegyik rácsot egy bizonyos hullámhosszú párhuzamos monokromatikus fénysugarak világították meg. A fény minden esetben a rácsra merőlegesen esett. E kísérletek közül kettőben ugyanannyi fő diffrakciós maximumot figyeltek meg. Adja meg először annak a kísérletnek a számát, amelyben rövidebb periódusú diffrakciós rácsot alkalmaztunk, majd annak a kísérletnek a számát, amelyben hosszabb időtartamú diffrakciós rácsot alkalmaztunk.

Megoldás. A fény diffrakciója az a jelenség, amikor a fénysugár egy geometriai árnyék tartományába kerül. Diffrakció akkor figyelhető meg, ha a fényhullám útjában átlátszatlan területek vagy lyukak találkoznak nagy és fényát nem átlátszó korlátokban, és ezeknek a területeknek vagy lyukaknak a méretei arányosak a hullámhosszal. Az egyik legfontosabb diffrakciós eszköz a diffrakciós rács. A diffrakciós mintázat maximumaihoz vezető szögirányokat az egyenlet határozza meg

d sinφ = kλ(1),

ahol d a diffrakciós rács periódusa, φ a rács normálja és a diffrakciós mintázat egyik maximumának iránya közötti szög, λ a fény hullámhossza, k a diffrakciós maximum sorrendjének nevezett egész szám. Kifejezés az (1) egyenletből

A kísérleti körülményeknek megfelelő párokat kiválasztva először 4-et választunk ki, ahol kisebb periódusú diffrakciós rácsot alkalmaztunk, majd 2 annak a kísérletnek a száma, amelyben nagy periódusú diffrakciós rácsot alkalmaztunk.

Válasz. 42.

Az áram átfolyik a huzalellenálláson. Az ellenállást egy másikra cserélték, ugyanolyan fémből és ugyanolyan hosszúságú, de fele keresztmetszetű vezetékkel, és az áram felét vezették át rajta. Hogyan változik az ellenállás feszültsége és ellenállása?

Minden egyes értéknél határozza meg a változás megfelelő jellegét:

1. növekedni fog;
2. csökkenni fog;
3. Nem fog változni.

Írja be a táblázatba az egyes fizikai mennyiségekhez kiválasztott számokat! A válaszban szereplő számok megismétlődhetnek.

Megoldás. Fontos megjegyezni, hogy milyen mennyiségektől függ a vezető ellenállása. Az ellenállás kiszámításának képlete a

Ohm törvénye az áramkör szakaszra, a (2) képletből fejezzük ki a feszültséget

U = I R (3).

A probléma feltételének megfelelően a második ellenállás azonos anyagú, azonos hosszúságú, de eltérő keresztmetszetű huzalból készül. A terület kétszer kisebb. Az (1)-be behelyettesítve azt kapjuk, hogy az ellenállás 2-szeresére nő, az áram pedig 2-szeresére csökken, tehát a feszültség nem változik.

Válasz. 13.

A matematikai inga lengésének periódusa a Föld felszínén 1,2-szerese több időszak oszcillációi valamilyen bolygón. Mekkora a gravitációs gyorsulási modulus ezen a bolygón? A légkör hatása mindkét esetben elhanyagolható.

Megoldás. A matematikai inga egy menetből álló rendszer, amelynek méretei sokkal nagyobbak, mint a labda és magának a golyónak a méretei. Nehézség adódhat, ha a matematikai inga lengési periódusára vonatkozó Thomson-képletet elfelejtjük.

T= 2π(1);

l a matematikai inga hossza; g- a gravitáció gyorsulása.

Feltétel szerint

Expressz innen: (3) g n \u003d 14,4 m/s 2. Meg kell jegyezni, hogy a szabadesés gyorsulása a bolygó tömegétől és sugarától függ

Válasz. 14,4 m/s 2.

Egy 1 m hosszú egyenes vezető, amelyen 3 A áram folyik, egyenletes indukciós mágneses térben helyezkedik el. NÁL NÉL= 0,4 T a vektorral 30°-os szögben. Mekkora a mágneses térből a vezetőre ható erő modulusa?

Megoldás. Ha egy áramvezető vezetéket mágneses térbe helyezünk, akkor az áramvezetőn lévő mező az Amper erővel fog hatni. Felírjuk az Amper-erőmodulus képletét

F A = I LB sinα;

F A = 0,6 N

Válasz. F A = 0,6 N.

A tekercsben tárolt mágneses tér energiája egyenáram átvezetésekor 120 J. Hányszorosára kell növelni a tekercs tekercselésen átfolyó áram erősségét, hogy a benne tárolt mágneses tér energiája 5760 J-vel növelni.

Megoldás. A tekercs mágneses terének energiáját a képlet számítja ki

W m =	LI 2	(1);
	2

Feltétel szerint W 1 = 120 J, akkor W 2 \u003d 120 + 5760 \u003d 5880 J.

én 1 2 =	2W 1	; én 2 2 =	2W 2	;
	L		L

Aztán a jelenlegi arány

én 2 2	= 49;	én 2	= 7
én 1 2		én 1

Válasz. Az áramerősséget 7-szeresére kell növelni. A válaszlapon csak a 7-es számot írja be.

Egy elektromos áramkör két izzóból, két diódából és egy huzaltekercsből áll, amelyek az ábrán látható módon vannak csatlakoztatva. (A dióda csak egy irányba engedi az áramot, amint az az ábra tetején látható.) Melyik izzó fog kigyulladni, ha a mágnes északi pólusát közelebb hozzuk a tekercshez? Magyarázza meg válaszát annak megjelölésével, hogy milyen jelenségeket és mintákat használt a magyarázatban.

Megoldás. Mágneses indukciós vonalak jönnek ki északi sark mágnes és divergál. Ahogy a mágnes közeledik, a mágneses fluxus a huzaltekercsen keresztül növekszik. A Lenz-szabály szerint a hurok induktív árama által létrehozott mágneses mezőt jobbra kell irányítani. A gimlet szabálya szerint az áramnak az óramutató járásával megegyező irányban kell folynia (balról nézve). Ebben az irányban a második lámpa áramkörében lévő dióda áthalad. Tehát a második lámpa kigyullad.

Válasz. A második lámpa kigyullad.

Alumínium küllőhossz L= 25 cm és keresztmetszeti terület S\u003d 0,1 cm 2 egy menetre van felfüggesztve a felső végénél. Az alsó vége az edény vízszintes alján nyugszik, amelybe vizet öntenek. A küllő víz alá süllyesztett részének hossza l= 10 cm Találd meg az erőt F, amellyel a tű megnyomja az ér alját, ha ismert, hogy a cérna függőlegesen helyezkedik el. Az alumínium sűrűsége ρ a = 2,7 g / cm 3, a víz sűrűsége ρ in = 1,0 g / cm 3. A gravitáció gyorsulása g= 10 m/s 2

Megoldás. Készítsünk egy magyarázó rajzot.

– Menetfeszítő erő;

– Az edény fenekének reakcióereje;

a az arkhimédeszi erő, amely csak a bemerült testrészre hat, és a küllő bemerült részének közepére hat;

- a küllőre ható gravitációs erő a Föld oldaláról, és a teljes küllő közepére hat.

Értelemszerűen a küllő tömege més az arkhimédeszi erő modulusát a következőképpen fejezzük ki: m = SLρa (1);

F a = Slρ in g (2)

Tekintsük a küllő felfüggesztési pontjához viszonyított erőnyomatékokat.

M(T) = 0 a feszítőerő nyomatéka; (3)

M(N) = NL cosα a támasz reakcióerejének nyomatéka; (négy)

A pillanatok előjeleit figyelembe véve írjuk fel az egyenletet

NL cos + Slρ in g (L –	l	) cosα = SLρ a g	L	cos(7)
	2		2

tekintettel arra, hogy Newton harmadik törvénye szerint az edény fenekének reakcióereje egyenlő az erővel F d amellyel a tű megnyomja az edény alját írjuk N = F e és a (7) egyenletből ezt az erőt fejezzük ki:

F d = [	1	Lρ a– (1 –	l	)lρ in] Sg (8).
	2		2L

A számokat beillesztve megkapjuk

F d = 0,025 N.

Válasz. F d = 0,025 N.

Egy palack, amely tartalmaz m 1 = 1 kg nitrogén, szilárdságvizsgálatkor robbanás hőmérsékleten t 1 = 327 °C. Mekkora tömegű hidrogén m 2 ilyen hengerben olyan hőmérsékleten tárolható t 2 \u003d 27 ° C, ötszörös biztonsági ráhagyással? A nitrogén moláris tömege M 1 \u003d 28 g/mol, hidrogén M 2 = 2 g/mol.

Megoldás. Felírjuk a Mengyelejev - Clapeyron ideális gáz állapotegyenletét a nitrogénre

ahol V- a léggömb térfogata, T 1 = t 1+273 °C. Az állapottól függően a hidrogén nyomás alatt tárolható p 2 = p 1/5; (3) Tekintettel arra

a (2), (3), (4) egyenletekkel azonnal dolgozva kifejezhetjük a hidrogén tömegét. A végső képlet így néz ki:

m 2 =	m 1		M 2		T 1	(5).
	5		M 1		T 2

A számszerű adatok behelyettesítése után m 2 = 28

Válasz. m 2 = 28

Ideális oszcillációs áramkörben az áramingadozások amplitúdója az induktorban én m= 5 mA, és a kondenzátoron lévő feszültség amplitúdója Hm= 2,0 V. Időben t a kondenzátor feszültsége 1,2 V. Keresse meg a tekercs áramát ebben a pillanatban.

Megoldás. Egy ideális oszcillációs áramkörben a rezgések energiája megmarad. A t időpillanatban az energiamegmaradási törvény alakja

C	U 2	+ L	én 2	= L	én m 2	(1)
	2		2		2

Az amplitúdó (maximális) értékekhez írunk

és a (2) egyenletből azt fejezzük ki

C	=	én m 2	(4).
L		Hm 2

Helyettesítsük (4)-et (3)-ra. Ennek eredményeként a következőket kapjuk:

én = én m (5)

Így az áram a tekercsben abban az időben t egyenlő

én= 4,0 mA.

Válasz. én= 4,0 mA.

Egy 2 m mély tározó alján tükör található. A vízen áthaladó fénysugár visszaverődik a tükörről és kilép a vízből. A víz törésmutatója 1,33. Határozza meg a távolságot a sugár vízbe való belépési pontja és a sugár vízből való kilépési pontja között, ha a sugár beesési szöge 30°

Megoldás. Készítsünk egy magyarázó rajzot

α a nyaláb beesési szöge;

β a sugár törésszöge vízben;

Az AC a sugár vízbe való belépési pontja és a sugár vízből való kilépési pontja közötti távolság.

A fénytörés törvénye szerint

sinβ =	sinα	(3)
	n 2

Tekintsünk egy téglalap alakú ΔADB-t. Ebben AD = h, akkor DВ = AD

tgβ = h tgβ = h	sinα	= h	sinβ	= h	sinα	(4)
	cosβ

A következő kifejezést kapjuk:

AC = 2 DB = 2 h	sinα	(5)

Cserélje be a számértékeket a kapott képletben (5)

Válasz. 1,63 m

A vizsgára való felkészülés során felkérjük Önt, hogy ismerkedjen meg fizika munkaprogram a 7–9. osztály számára a Peryshkina A.V. tananyagok sorához.és a 10-11. évfolyamok mélyreható szintű munkaprogramját a TMC Myakisheva G.Ya. A programok minden regisztrált felhasználó számára megtekinthetők és ingyenesen letölthetők.

Ez a cikk a fizika vizsga első részéből származó mechanika (dinamika és kinematika) feladatok elemzését mutatja be, egy fizikatanár részletes magyarázatával. Minden feladatról van videóelemzés.

Válasszunk ki egy szakaszt a grafikonon, amely egy 8 és 10 s közötti időintervallumnak felel meg:

Ezen az időintervallumon a test ugyanolyan gyorsulással haladt, mivel a grafikon itt egy egyenes szakasza. Ezen másodpercek alatt a test sebessége m/s-kal változott. Ezért a test gyorsulása ebben az időszakban egyenlő volt m/s 2 . A 3-as számú menetrend megfelelő (bármikor a gyorsulás -5 m / s 2).

2. Két erő hat a testre: és. Az erő és két erő eredője szerint keresse meg a második erő modulusát (lásd az ábrát).

A második erő vektora a . Vagy hasonlóan, . Ezután összeadjuk az utolsó két vektort a paralelogramma szabály szerint:

Az összegvektor hosszát a derékszögű háromszögből találhatjuk meg ABC, akinek a lába AB= 3 N és időszámításunk előtt= 4 N. A Pitagorasz-tétellel azt kapjuk, hogy a kívánt vektor hossza egyenlő N.

Vezessünk be egy olyan koordinátarendszert, amelynek középpontja egybeesik a rúd és a tengely tömegközéppontjával ÖKÖR ferde sík mentén irányítva. Ábrázoljuk a rúdra ható erőket: gravitációt, támasztó reakcióerőt és statikus súrlódási erőt. Az eredmény a következő ábra:

A test nyugalomban van, ezért a rá ható erők vektorösszege nulla. Beleértve a nullát és az erők tengelyre vetületeinek összegét ÖKÖR.

A gravitáció vetülete a tengelyre ÖKÖR egyenlő a lábával AB a megfelelő derékszögű háromszöget (lásd az ábrát). Ezenkívül geometriai megfontolásból ez a láb a szöggel szemben helyezkedik el. Vagyis a gravitáció vetülete a tengelyre ÖKÖR egyenlő .

A statikus súrlódási erő a tengely mentén irányul ÖKÖR, tehát ennek az erőnek a vetülete a tengelyre ÖKÖR egyenlő ennek a vektornak a hosszával, de ellenkező előjellel, mivel a vektor a tengely ellen irányul ÖKÖR. Ennek eredményeként a következőket kapjuk:

Az iskolai fizika tantárgyból ismert képletet használjuk:

Határozzuk meg az ábrából a 0,5 Hz-es és 1 Hz-es hajtóerő frekvenciáján az állandó kényszerrezgések amplitúdóit:

Az ábráról látható, hogy 0,5 Hz-es hajtóerő-frekvencia mellett az állandósult állapotú kényszerrezgés amplitúdója 2 cm, 1 Hz-es hajtóerő-frekvenciánál pedig 10 cm-es volt. Ezért az állandósult állapotú kényszeringadozások amplitúdója ötszörösére nőtt.

6. Magasról vízszintesen feldobott labda H a kezdeti sebességgel, repülés közben t vízszintesen repült távolság L(Lásd a képen). Mi lesz a labda repülési idejével és gyorsulásával, ha ugyanazon a beállításon ugyanazzal kezdeti sebesség labda növeli a magasságot H? (Hagyja figyelmen kívül a légellenállást.) Minden értéknél határozza meg a változás megfelelő jellegét: 1) növelni 2) csökken 3) nem fog változni Írja be a táblázatba az egyes fizikai mennyiségekhez kiválasztott számokat! A válaszban szereplő számok megismétlődhetnek.

A labda mindkét esetben szabadesési gyorsulással fog mozogni, így a gyorsulás nem változik. NÁL NÉL ez az eset a repülési idő nem függ a kezdeti sebességtől, mivel az utóbbi vízszintesen irányul. A repülési idő attól függ, hogy a test milyen magasságból esik le, és minél nagyobb a magasság, annál hosszabb a repülési idő (tovább tart a test esése). Ezért a repülési idő megnő. Helyes válasz: 13.

Ezért a feladatért 2020-ban 1 pontot lehet szerezni a vizsgán

A fizika vizsga 1. feladatának témája a kinematika és minden, ami ehhez a tudományághoz kapcsolódik. Általában a jegy első kérdése nem okoz nehézséget a hallgatóknak, különösen, ha a kérdés típusa grafikonok elemzése. Felajánlunk Önnek egy grafikont valamilyen függőségről - a test sebessége az időben, az út az időben vagy a test térbeli helyzete, amellyel meg kell határoznia az egyik mennyiség értékét egy adott pontban. A kérdésre adott válasz rövid választ igényel, számértékben kifejezve a kívánt mértékegységgel. Ebben az esetben elegendő a válaszlapon feltüntetni a szükséges számot.

Az Egységes Fizikai Államvizsga 1. feladatában a test egyenletes, egyformán változó mozgása, valamint a körben való mozgás jöhet szóba, ideértve az ingákkal és a kozmikus testekkel kapcsolatos kérdéseket is. Mindkét esetben a feladat egy grafikont mutat be, amelyet a tanulónak alaposan tanulmányoznia kell, majd válaszolnia kell a kérdésre.

Ha műszaki szakterületekre készül, akkor a fizika az egyik fő tantárgy az Ön számára. Ezt a tudományágat korántsem adják mindenkinek egy csapásra, ezért gyakorolnod kell, hogy jól megbirkózz minden feladattal. Elmondjuk, hogyan készülj fel a fizika vizsgára, ha korlátozott idő áll rendelkezésedre, és a lehető legjobb eredményt szeretnéd elérni.

A fizika vizsga felépítése, jellemzői

2018-ban a fizika vizsga 2 részből áll:

1. 24 feladat, amelyben rövid választ kell adni, megoldás nélkül. Ez lehet egész szám, tört vagy számsorozat. Maguk a feladatok különböző összetettségűek. Vannak olyan egyszerűek, mint: maximális magasság, amelyre egy 1 kg tömegű testet emelnek, 20 méter. megtalálja kinetikus energia a dobás utáni pillanatban. A döntés nem jár nagy számú intézkedéssel. De vannak olyan feladatok is, ahol törni kell a fejét.
2. Megoldást igénylő feladatok részletes magyarázattal (feltétel rögzítése, a megoldás menete és a végső válasz). Itt minden feladat meglehetősen magas szintű. Például: egy m1 = 1 kg nitrogént tartalmazó henger robbant fel szilárdsági vizsgálat során t1 = 327°C hőmérsékleten. Mekkora m2 tömegű hidrogén tárolható egy ilyen hengerben t2 = 27°C hőmérsékleten, ötszörös biztonsági ráhagyással? A nitrogén moláris tömege M1 = 28 g/mol, a hidrogén M2 = 2 g/mol.

A tavalyi évhez képest eggyel nőtt a feladatok száma (az első részben az asztrofizika alapjainak ismeretére is került egy feladat). Összesen 32 feladatot kell megoldanod 235 percen belül.

Idén több feladat vár a tanulókra

Mivel a fizika választható tantárgy, a USE-t ebben a tantárgyban általában céltudatosan teszik át azok, akik műszaki szakokra készülnek, vagyis legalább az alapokat ismeri a végzett. Ezen ismeretek alapján nem csak a minimális pontszámot, hanem sokkal magasabb pontszámot is elérhet. A lényeg az, hogy megfelelően készülj fel a fizika vizsgára.

Javasoljuk, hogy ismerkedjen meg tippjeinkkel a vizsgára való felkészüléshez, attól függően, hogy mennyi ideje van az anyag megtanulására és a problémák megoldására. Hiszen valaki egy évvel a vizsga előtt kezd el készülni, valaki néhány hónappal, de valaki csak egy héttel a vizsga előtt emlékszik a fizikából! Elmondjuk, hogyan készülj fel rövid idő alatt, de a lehető leghatékonyabban.

Hogyan készülj fel néhány hónappal az X. nap előtt

Ha van 2-3 hónapod felkészülni a vizsgára, akkor kezdheted az elmélettel, hiszen lesz időd elolvasni és elsajátítani. Ossza az elméletet 5 fő részre:

1. Mechanika;
2. Termodinamika és molekuláris fizika;
3. Mágnesesség;
4. Optika;
5. Elektrosztatika és egyenáram.

Dolgozzon át mindegyik témakörön külön-külön, tanulja meg az összes képletet, először az alapvető, majd az egyes szakaszok konkrét képleteit. Fejből ismernie kell az összes értéket, azok megfelelését az egyik vagy másik mutatónak. Ez elméleti alapot ad az első rész feladatainak és a 2. rész problémáinak megoldásához.

Miután megtanulta az egyszerű feladatok és tesztek megoldását, lépjen tovább az összetettebb feladatokra.

Miután végigdolgozta az ezekben a részekben található elméleteket, kezdjen el olyan egyszerű problémák megoldásával, amelyeknek a gyakorlatban való használatához mindössze néhány lépés szükséges. Ezenkívül a képletek világos ismerete után oldjon meg teszteket, próbálja meg megoldani a maximális számukat annak érdekében, hogy ne csak elméleti tudását erősítse, hanem megértse a feladatok összes jellemzőjét, megtanulja helyesen megérteni a kérdéseket, alkalmazni bizonyos képleteket és törvényeket.

Miután megtanulta, hogyan kell egyszerű feladatokat és teszteket megoldani, lépjen tovább az összetettebb feladatokra, próbálja meg a lehető legkompetensebben felépíteni a megoldást racionális módszerekkel. Oldj meg minél több feladatot a második részből, ami segít megérteni a sajátosságaikat. Gyakran előfordul, hogy a vizsgán a feladatok szinte megegyeznek a tavalyival, csak kicsit más értékeket kell találni, vagy fordított műveleteket kell végrehajtani, ezért mindenképpen nézze meg az elmúlt évek vizsgáját.

A vizsga letétele előtti napon jobb, ha feladja a problémák megoldását és az ismétlést, és csak lazítson.

Kezdje el a felkészülést egy hónappal a vizsgálat előtt

Ha az ideje 30 napra korlátozódik, kövesse az alábbi lépéseket a vizsgára való sikeres és gyors felkészüléshez:

• A fenti részekből készítsen egy pivot táblát alapvető képletekkel, tanulja meg őket fejből.
• Tekintse meg a tipikus feladatokat. Ha vannak köztük olyanok, amelyeket jól old meg, akkor megtagadhatja az ilyen feladatok kidolgozását, ha időt szán a „problémás” témákra. Az elméletre rájuk kell helyezni a hangsúlyt.
• Jegyezze meg az alapmennyiségeket és azok jelentését, az egyik mennyiség másikba való átvitelének sorrendjét.
• Próbálj meg a lehető legjobban dönteni. további tesztek, amely segít megérteni a feladatok jelentését, megérteni logikájukat.
• Folyamatosan frissítse fejben az alapvető képletekkel kapcsolatos ismereteit, ez segít jó pontokat szerezni a tesztelés során, még akkor is, ha nem emlékszik bonyolult képletekre és törvényekre.
• Ha elég magas eredményeket szeretne elérni, feltétlenül nézze meg az elmúlt vizsgákat. Különösen a 2. részre koncentráljon, mert a feladatok logikája megismételhető, és a megoldás menetének ismeretében biztosan eljut helyes eredmény! Nem valószínű, hogy képes lesz önállóan megtanulni az ilyen problémák megoldásának logikáját felépíteni, ezért kívánatos, hogy a korábbi évek feladatai és az aktuális feladat között megtalálják a közös hangot.

Ha egy ilyen terv szerint készülsz, akkor nem csak a minimális pontszámokat, hanem sokkal magasabb pontszámokat is elérhetsz, minden attól függ, hogy milyen tudásod van ebben a szakterületen, attól az alaptól, amellyel az edzés megkezdése előtt rendelkezel.

Pár gyors hét a memorizálásra

Ha eszébe jutott, hogy pár héttel a tesztelés kezdete előtt fizikát tanult, akkor még van remény, hogy bizonyos ismeretek birtokában jó eredményeket érjen el, és ha fizikából teljesen 0-s, akkor a minimumkorlátot is leküzdje. A hatékony felkészüléshez be kell tartania egy ilyen tervet működik:

• Írja le az alapképleteket, próbálja megjegyezni őket. Célszerű legalább néhány témát jól áttanulmányozni a fő ötből. De ismernie kell az egyes szakaszok alapképleteit!

Irreális a nulláról pár hét alatt felkészülni a fizikából egységes államvizsgára, ezért ne a szerencsében bízzunk, hanem zsúfolódjunk az év elejétől

• Dolgozzon a korábbi évek Egységes Államvizsgájával, foglalkozzon a feladatok logikájával, valamint a tipikus kérdésekkel.
• Próbáljon meg együttműködni osztálytársakkal, barátokkal. Problémamegoldáskor egy-egy témát jól ismerhetsz, és ezek különbözőek, ha csak elmondod egymásnak a megoldást, akkor gyors és hatékony ismeretcserét kapsz!
• Ha a második részből szeretnél valamilyen feladatot megoldani, akkor inkább próbáld meg áttanulmányozni a tavalyi USE-t, ahogy azt az egy hónap múlva esedékes tesztelésre készülve leírtuk.

Ha mindezeket a pontokat felelősségteljesen teljesíti, biztos lehet benne, hogy megkapja a minimálisan megengedett pontszámot! Általános szabály, hogy be több ember akik egy héttel korábban elkezdték az edzést és nem számítanak bele.

Idő beosztás

Mint mondtuk, 235 perced van a feladatok elvégzésére, vagyis majdnem 4 óra. Annak érdekében, hogy ezt az időt a lehető legracionálisabban használja fel, először hajtsa végre az összes egyszerű feladatot, azokat, amelyekben a legkevésbé kételkedik az első részből. Ha jó "barátok" vagytok a fizikával, akkor ebből a részből csak néhány megoldatlan feladatotok lesz. Azok számára, akik a nulláról kezdték az edzést, az első részre kell a maximális hangsúlyt fektetni a szükséges pontszerzés érdekében.

Az idő és az energia megfelelő elosztása a vizsga alatt a siker kulcsa

A második rész sok időt igényel, szerencsére nincs vele gond. Olvassa el figyelmesen a feladatokat, majd végezze el először azokat, amelyek a legjobbak. Ezután lépjen tovább az 1. és 2. részből azon feladatok megoldására, amelyekben kételkedik. Ha nincs túl sok fizikális tudásod, akkor a második részt is érdemes legalább elolvasni. Elképzelhető, hogy a problémamegoldás logikája ismerős lesz számodra, 1-2 feladatot tudsz helyesen megoldani, a tavalyi USE megtekintése során szerzett tapasztalatok alapján.

A sok idő miatt nem kell rohanni. Olvassa el figyelmesen a feladatokat, mélyedjen el a probléma lényegében, csak azután oldja meg.

Így az egyik legnehezebb tudományágban jól felkészülhet a vizsgára, még akkor is, ha a felkészülést akkor kezdi el, amikor a tesztelés szó szerint „orrban van”.